惠安县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度—时间图象 分别如图中的a和b所示。在t1时刻（ ）

A. 它们的运动方向相同 B. 它们的运动方向相反 C. 甲的速度比乙的速度大 D. 乙的速度和甲的速度相等

2． 如图所示为一个质量为m、电荷量为＋q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象不可能是下图中的（ ）

3． 电磁波在空中的传播速度为v，北京交通广播电台的频率为f，该电台所发射电磁波的波长为 A. B.

C. D.

4． （2018南宁摸底）如图所示，在光滑水平面内有一固定光滑绝缘挡板AB，P是AB上的一点。以A为坐标原点在水平面建立直角坐标系，y轴一挡板AB重合，x轴上固定一个带正电的点电荷Q。将一个带电小球（可视为质点）轻放到挡板的左侧的P处，在静电力作用下小球沿挡板向A运动，则下列说法中正确的是

A．小球带负电

B．由P点到A点小球做匀加速直线运动 C．P点的场强比A点的场强大

D．小球在P点的电势能比在A点的电势能大 5． 在静电场中,下列说法正确的是（ ）

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A. 电场强度处处为零的区域内,电势也一定处处为零 B. 电场强度处处相同的区域内,电势也一定处处相同 C. 电场强度的方向可以跟等势面平行 D. 沿着电场强度的方向,电势总是不断降低的

6． 在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是

A. 牛顿 B. 伽利略 C. 库仑 D. 焦耳

7． 如图甲所示，两平行金属板A、B放在真空中，间距为d，P点在A、B板间，A板接地，B板的电势随时间t的变化情况如图乙所示，t=0时，在P点由静止释放一质量为m、电荷量为e的电子，当=2T时，电子回到P点。电子运动过程中未与极板相碰，不计重力，则下列说法正确的是

A.： =1：2 B.： =1：3

C. 在0～2T时间内，当t=T时电子的电势能最小 D. 在0～2T 时间内，电子的电势能减小了

8． 如图所示，P、Q是两个电量相等的正的点电荷，它们连线的中点是O，A、 B是中垂线上的两点，OA ＜ OB，用EA、EB、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（ ） A．EA一定大于EB，φA一定大于φB B．EA不一定大于EB，φA一定大于φB C．EA一定大于EB，φA不一定大于φB

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D．EA不一定大于EB，φA不一定大于φB

9． 一正弦交流电的电流随时间变化的规律如图所示．由图可知

A．该交流电的频率是50Hz B．该交流电的电流有效值为22A C．该交流电的电流瞬时值的表达式为i=2sin（50πt）（A） D．若该交流电流通过R=10Ω的电阻，则电阻消耗的功率是20W

10．如图所示，实线表示在竖直平面内的电场线，电场线与 水平方向成α角，水平方向的匀强磁场与电场正交，有一带电液滴沿斜向上的虚线L做直线运动，L与水平方向成β角，且α＞β，则下列说法中正确的是（ ） A．液滴可能带负电 B．液滴一定做匀速直线运动 C．液滴有可能做匀变速直线运动 D．电场线方向一定斜向上

11．在图示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子所受洛伦兹力f方向的是

A. B. C. D.

12．一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，其速度v随时间t变化的规律如图所示，在连续两段时间m和n内对应面积均为S，则b时刻瞬时速度vb的大小为

A. C.

B. D.

13．甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，下图是甲、乙两车的速度图象，由图可知（ ）

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A. 甲车的加速度大于乙车的加速度 B. t1时刻甲、乙两车的速度相等 C. t1时刻甲、乙两车相遇

D. 0～t1时刻，甲车的平均速度小于乙车的平均速度

14．远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为输电。则两种情况中，输电线上通过的电流之比I1∶I2等于（ ） A．1∶1 B．3∶1 C．1∶3 D．9∶1 15．a、b两个电容器如图所示，关于电容器下列说法正确的是

和输电电压为

A. b电容器的电容是C. a与b的电容之比是8：1

B. a电容器的电容小于b的电容

D. a电容器只有在80V电压下才能正常工作

二、填空题

A，输电导线上因发热损失的电功率是 W。

17．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面φ3上时具有动能60J，它运动到等势面φ1上时，速度恰好为零，令φ2＝0，那么，当该电荷的电势能为12 J时，其动能大小为____ J。

16．输送1.0×l05瓦的电功率，用发1.0×l04伏的高压送电，输电导线的电阻共计1.0欧，输电导线中的电流是

三、解答题

18．一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5 m，如图（a）所示。t＝0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t＝1 s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）。碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞

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后1 s时间内小物块的v ­t图线如图（b）所示。木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10 m/s2。求：

（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2； （2）木板的最小长度；

（3）木板右端离墙壁的最终距离。

19．物体以一定的初速度从斜面底端A点冲上固定的光滑斜面，斜面总长度为l，到达斜面最高点C时速度恰

3

好为零，如图所示，已知物体运动到距斜面底端l处的B点时，所用时间为t，求物体从B滑到C所用的时间。

4

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惠安县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）

一、选择题

1． 【答案】A 2． 【答案】B 3． 【答案】A

【解析】根据光速、频率、波长之间关系有：v=λf，所以波长为：4． 【答案】AD

【解析】【名师解析】根据题述，静止带电小球从P处在静电力作用下沿挡板向A运动，说明带电小球受到的是库伦吸引力，小球带负电，选项A正确；由于点电荷Q的电场不是匀强电场，带电小球在运动过程中所受的合外力不可能保持不变，所以小球由P到A不可能做匀加速直线运动，选项B错误；根据点电荷电场特征，P点的电场强度比A点的电场强度小，选项C错误；小球由P到A运动，静电力做功，电势能减小，小区装P点的电势能比在A点的电势能大，选项D正确。 5． 【答案】D

【解析】A.等量同种点电荷连线中点处的电场强度为零，但电势不一定为零，电势高低与零势面的选取有关，故A错误；

B.在匀强电场中，电场强度处处相等，但电势沿电场线方向降低，故B错误；

C.电场线方向处处与等势面垂直，即电场线上各点的切线方向与等势面垂直，各点电场强度方向就是电场线各点切线方向，故C错误；

D.电场强度方向是电势降落最快的方向，故D正确。 故选：D 6． 【答案】C

【解析】试题分析：利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律的物理学家是库伦，故选C． 考点：物理学史

【名师点睛】此题是对物理学史的考查；对历史上物理学的发展史及物理学家的伟大贡献都要熟练掌握，尤其是课本上涉及到的物理学家更应该熟记． 7． 【答案】BD

【解析】根据场强公式可得0～T时间内平行板间的电场强度为：向上做匀加速直线运动，经过时间T的位移为：度为：

，加速度为：

，电子的加速度为：

，且

，故A正确，BCD错误。

，速度为：v1=a1T，同理在T～2T内平行板间电场强

，

，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：

由题意2T时刻回到P点，则有：x1+x2=0，联立可得：φ2=3φ1，故A错误，B正确；当速度最大时，动能最大，

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电势能最小，而0～T内电子做匀加速运动，之后做匀减速直线运动，因φ2=3φ1，所以在2T时刻电势能最小，故C错误；电子在2T时刻回到P点，此时速度为：能为：确，AC错误。 8． 【答案】B 9． 【答案】CD

【解析】由图得周期为0.04s，频率为25Hz，A错误；最大值2A，则有效值为2A，B错误；由图象知，C选项中表达式正确；电阻消耗的功率PI2R20W，D正确。 10．【答案】BD 11．【答案】B

【解析】由左手定则可知，在A图中，粒子所受洛伦兹力竖直向下，故A错误；由左手定则可知，在B图中，粒子所受洛伦兹力竖直向上，故B正确；由左手定则可知，在C图中，粒子运动的方向与磁场的方向平行，不受洛伦兹力作用，故C错误；由左手定则可知，在D图中，粒子运动的方向与磁场的方向平行，不受洛伦兹力作用，故D错误。所以B正确，ACD错误。 12．【答案】C

【解析】设b点的速度为vb，加速度为a，根据位移时间公式：速度位移间的关系为：vb=va+am，联立解得：13．【答案】B 14．【答案】B 【解析】由公式15．【答案】B

【解析】由图可知a电容器的电容是错误。所以B正确，ACD错误。

，b电容器的电容是

，故A错误，B正确；a与b的电

容之比是1：10，故C错误；80V是指电容器正常工作时的电压，不是只有在80V电压下才能正常工作，故D

可得：

和

，

，（负号表示方向向下），电子的动

，根据能量守恒定律，电势能的减小量等于动能的增加量，故D正确。所以BD正

，故C正确，ABD错误。

n1U1I2可知B对； n2U2I1二、填空题

16．【答案】10；100

【解析】由PUI，得输电导线中的电流I2P=10A U输电导线上因发热损失的电功率: PIr=100×1=100W

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17．【答案】 18

三、解答题

18．【答案】 （1）0.1 0.4 （2）6.0 m （3）6.5 m 【解析】

联

立①②③式和题给条件得 μ1＝0.1

小物块的加速度为a2，由牛顿第二定律有 －μ2mg＝ma2 由题图（b）可得 v2－v1a2＝ t2－t1μ2＝0.4。 动学公式得

μ2mg＋μ1（M＋m）g＝Ma3 v3＝－v1＋a3Δt v3＝v1＋a2Δt

⑧ ⑨ ⑩ ⑥ ⑤ ④

在木板与墙壁碰撞后，木板以－v1的初速度向左做匀变速运动，小物块以v1的初速度向右做匀变速运动。设

式中，t2＝2 s，v2＝0，联立⑤⑥式和题给条件得

⑦

（2）设碰撞后木板的加速度为a3，经过时间Δt，木板和小物块刚好具有共同速度v3。由牛顿第二定律及运

碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中，木板运动的位移为

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（3）在小物块和木板具有共同速度后，两者向左做匀变速运动直至停止，设加速度为a4，此过程中小物块和木板运动的位移为x3。由牛顿第二定律及运动学公式得 μ1（m＋M）g＝（m＋M）a4 0－v32＝2a4x3

碰后木板运动的位移为 x＝x1＋x3

联立⑥⑧⑨⑩⑪⑮⑯⑰式，并代入数值得 x＝－6.5 m

木板右端离墙壁的最终距离为6.5 m。

19．【答案】 t 【解析】

⑱

⑰

⑮ ⑯

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解法三 比例法 （2n－1）。

xAC3xAC因为xCB∶xBA＝∶＝1∶3，而通过xBA的时间为t，所以通过xBC的时间tBC＝t。

44解法四 中间时刻速度法

对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间里通过的位移之比为x1∶x2∶x3∶…∶xn＝1∶3∶5∶…∶

v0＋0v0利用推论：匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度，vAC＝＝。又v20＝2axAC，22

xACv0

v2。由以上三式解得vB＝。可以看成vB正好等于AC段的平均速度，因此B点是这段位移B＝2axBC，xBC＝42的中间时刻，因此有tBC＝t。 解法五 图象法

根据匀变速直线运动的规律，画出v－t图象，如图所示。

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S△AOCCO2S△AOC4

利用相似三角形的规律，面积之比等于对应边的平方比，得＝2，且＝，OD＝t，OC＝t＋tBC。

CD12

所以41＝（t＋tBC）

t2，解得tBC＝t。

S△BDC第 11 页，共 11 页

S△BDC