丘北县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 甲、乙两车在平直公路上沿同一方向行驶，其v－t图像如图所示，在 t＝0时刻，乙车在甲车前方x0处，在t＝t1时间内甲车的位移为x．下列判断正确的是（ ）

A. 若甲、乙在t1时刻相遇，则x0＝B. 若甲、乙在C. 若x0＝

1x 3t13时刻相遇，则下次相遇时刻为t1 223x ，则甲、乙一定相遇两次 41D. 若x0＝x，则甲、乙一定相遇两次

2【答案】BD

2． 测量国际单位制规定的三个力学基本物理量分别可用的仪器是 A．刻度尺、弹簧秤、秒表 B．刻度尺、测力计、打点计时器 C．量筒、天平、秒表 D．刻度尺、天平、秒表

【答案】D

3． 距地面高5m的水平直轨道A、B两点相距2m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图所示。小车始终以4m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s²。可求得h等于（ ）

A. 3.75m B. 2.25m C. 1.25m D. 4.75m

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【答案】C

4． 有一台小型直流电动机，经测量：在实际工作过程中两端电压U=5V，通过的电流I=1A，电机线圈电阻

，这台电机工作5分钟时间将电能转化为焦耳热和机械能的值为

A. 焦耳热为30J B. 焦耳热为1500J C. 机械能为1500J D. 机械能为1470J 【答案】AD

【解析】根据焦耳定律可得焦耳热为：错误。

5． 甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其v－t图象如图所示。根据图象提供的信息可知（ ）

，故A正确，B错误；电动机做的总功

1×5×60J=1500J，机械能为：E=W-Q=1500-30J=1470J，故D正确，C错误。所以AD正确，BC为：W=UIt=5×

A. 从t＝0时刻起，开始时甲在前，6 s末乙追上甲

B. 从t＝0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远为12.5 m C. 8 s末甲、乙相遇，且距离t＝0时的位置45 m D. 在0～4 s内与4～6 s内甲的平均速度相等 【答案】B 【

解析】

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6． 在如图甲所示的电路中，电源电动势为3V，内阻不计，L1、L2位相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为10Ω．当开关S闭合后

A. L1的电阻为1.2Ω B. L1消耗的电功率为0.75W C. L2的电阻为5Ω D. L2消耗的电功率为0.1W

【答案】BC

【解析】AB、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻

R1U1312，功率P1=U1I1=0.75W．故A错误，BC正确； I10.25第 3 页，共 13 页

C、灯泡L2的电压为U，电流为I，R与灯泡L2串联，则有I特性曲线作图，如图所示，

UR3U0.30.1U，在小灯泡的伏安R10

则有I0.2A,U1V，L2的电阻为5Ω，L2消耗的电功率为0.2W，故C正确，D错误； 故选BC。

7． （2015·永州三模，19）如图所示，两星球相距为L，质量比为mA∶mB＝1∶9，两星球半径远小于L。从星球A沿A、B连线向星球B以某一初速度发射一探测器，只考虑星球A、B对探测器的作用，下列说法正确的是（ ）

A．探测器的速度一直减小

L

B．探测器在距星球A为处加速度为零

4

C．若探测器能到达星球B，其速度可能恰好为零

D．若探测器能到达星球B，其速度一定大于发射时的初速度

【答案】BD 【

解

析

】

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8． 如图所示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是（ ）

A．电压表V1示数增大 B．电压表V2、V3示数均增大 C．该变压器起升压作用

D．变阻器滑片是沿c→d的方向滑动 【答案】 D 【解析】

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9． 甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，下图是甲、乙两车的速度图象，由图可知（ ）

A. 甲车的加速度大于乙车的加速度 B. t1时刻甲、乙两车的速度相等 C. t1时刻甲、乙两车相遇

D. 0～t1时刻，甲车的平均速度小于乙车的平均速度 【答案】B

10．如图甲所示,一火警报警器的部分电路示意图,其中R2为半导体热敏材料制成的传感器,其电阻随温度T变化的图线如图乙所示,电流表为值班室的显示器,a、b之间接报警器,当传感器R2所在处出现火情时,显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（ ）

A. I变大,U变大 B. I变大,U变小 C. I变小,U变大 D. I变小,U变小 【答案】D

【解析】试题分析：当传感器所在处出现火情时，温度升高，由图乙知的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流

变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压

变小，电流表示数I变小，故D正确。

，

变大，其他量不变，则

考点：闭合电路的欧姆定律．

11．（多选）有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（ ）

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A.a的向心加速度等于重力加速度g B．在相同时间内b转过的弧长最长 C．c在2小时内转过的圆心角是 【答案】BC 【解析】

 D．d的运动周期有可能是20小时 6

12．截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动的平均速率的影响，下列说法正确的是（ ）

A．电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变 B．导线长度L加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变 C．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍 D．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变 【答案】D

13．甲、乙两物体在同一直线上做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，则（ ）

A. 前3秒内甲、乙运动方向相反

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B. 前3秒内甲的位移大小是9m

C. 甲、乙两物体一定是同时同地开始运动 D. t=2s时，甲、乙两物体可能恰好相遇 【答案】BD

14．下列选项不符合历史事实的是（ ） A、富兰克林命名了正、负电荷

B、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律 C、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质--电场 D、法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段 【答案】C

15．已知电场线分布如下图，则以下说法正确的是

A. 场强B. 电势

，选项A错误，D正

C. 把一正电荷从A移到B，电场力做正功 D. 同一负电荷在两点受的电场力【答案】BCD

【解析】电场线的疏密表示场强大小，则EA>EB，同一负电荷在两点受的电场力确；顺着电场线电势降低，则

电场力做正功，选项C正确；故选BCD.

点睛：明确电场线的疏密程度反映场强的相对大小，电场线的切线方向表示电场强度的方向，顺着电场线电势降低是解答本题的关键．

16．（2018天星金考卷）目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小．若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（ ） A．卫星的动能逐渐减小

B．由于地球引力做正功，引力势能一定减小

C．由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变 D．卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小 【答案】BD

，选项B正确；把一正电荷从A移到B，电场力的方向与位移同向，则

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【解析】【参考答案】BD

【命题意图】本题考查卫星的运动，功能关系及其相关的知识点。

17．远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为输电。则两种情况中，输电线上通过的电流之比I1∶I2等于（ ） A．1∶1 B．3∶1 C．1∶3 D．9∶1 【答案】B 【解析】由公式

和输电电压为

n1U1I2可知B对； n2U2I1二、填空题

A，输电导线上因发热损失的电功率是 W。 【答案】10；100

【解析】由PUI，得输电导线中的电流I218．输送1.0×l05瓦的电功率，用发1.0×l04伏的高压送电，输电导线的电阻共计1.0欧，输电导线中的电流是

P=10A U为B，方向垂aob=

∠

射人磁场区是 ．

输电导线上因发热损失的电功率: PIr=100×1=100W

19．如图所示，在以O点为圆心、r为半径的圆形区域内，在磁感强度直纸面向里的匀强磁场，a、b、c为圆形磁场区域边界上的3点，其中∠boc=600，一束质量为m，电量为e而速率不同的电子从a点沿ao方向域，其中从bc两点的弧形边界穿出磁场区的电子，其速率取值范围【答案】

（4分）

20．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“2.0V，0.5A”。备有下列器材：

mm mm A. 电源E（电动势为3.0V，内阻不计） B. 电压表C. 电压表D. 电流表

（量程0-3V，内阻约（量程0-15V，内阻约（量程0-3A，内阻约

） ） ）

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E. 电流表（量程0-0.6A，内阻约

，3.0A） ，1.25 A）

）

F. 滑动变阻器（0-G. 滑动变阻器（0-H. 开关和若干导线

为了尽可能准确地描绘出小灯泡的伏安特性曲线，请完成以下内容。

（1）实验中电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用_____（请填写选项前对应的字母）。测量时采用图中的_________图电路（选填“甲”或“乙”）。

（2）图丙是实物电路，请你不要改动已连接的导线，把还需要连接的导线补上。____

（3）某同学完成该实验后，又找了另外两个元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而增大，而另一个是由半导体材料制成的，它的电阻随温度的升高而减小。他又选用了合适的电源、电表等相关器材后，对其中的一个元件进行了测试，测得通过其中的电流与加在它两端的电压数据如下表所示： U/V I/A 0.40 0.20 0.60 0.45 0.80 0.80 1.00 1.25 1.20 1.80 1.50 2.81 1.60 3.20 请根据表中数据在图丁中作出该元件的I-U图线_____；

该元件可能是由________（选填“金属”或“半导体”）材料制成的。

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（1）. B （2）. E （3）. F （4）. 甲 （5）. 【答案】

（6）. （7）. 半导体

【解析】（1）灯泡的额定电压为2.0V，则电压表选择B．由于灯泡的额定电流为0.5A，则电流表选择E．灯泡的电阻

，为了便于测量，滑动变阻器选择F．灯泡的电流和电压从零开始测起，滑动变阻

器采用分压式接法，灯泡的电阻与电流表内阻相当，属于小电阻，电流表采用外接法，即采用甲电路． （2）实物连线如图；

（3）根据描点法得出该元件的I-U图线如图所示，由图线可知，电阻随着电流增大而减小，属于半导体材料成．

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点睛：本题考查了连接实物电路图、描点作图，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确连接实物电路图的前提与关键，电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法．

三、解答题

21．如图所示，理想变压器原线圈输入电压为220 V，副线圈输出电压为36 V，两只灯泡的额定电压均为36 V，L1额定功率为12 W，L2额定功率为6 W．试求：

（1）原副线圈的匝数比是多少？

（2）S闭合后，两灯均工作时原线圈的电流。 【答案】（1）【解析】

55（2）0.082A 9n1u122055===nu2369

试题分析：（1）原副线圈的匝数比2（2）通过L1的电流为：通过L2的电流为：

I1=P1211=AAu2363

I2=P261=AAu2366

副线圈电流为I=I1+I2=0.5A 设原线圈电流为I0：

I0n2In1

9解得：I0=110A=0.082A

考点：变压器的构造和原理

点评：只要知道变压器的特点，本题不难，但是要注意解题格式要规范．

22．如图所示，在电场强度E=1.0×104N/C的匀强电场中，同一条电场线上A、B两点之间的距离d=0.2m，将10-8C的点电荷放在电场中的A点。 电荷量q=1.0×

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（1）在图中画出该点电荷在A点所受电场力F的方向； （2）求出该电荷在A点受到的电场力的大小；

（3）若将该点电荷从B点移到A点，求在此过程中点电荷所受电场力做的功W。 10-4N （3）-2.0×10-5J 【答案】（1）向右 （2）1.0×

【解析】试题分析：电荷在匀强电场中，受到的电场力根据公式：F=qE即可求得，电荷从B点移至A点的过程中，电场力所做的功根据公式：W=qEd即可求得电场力做的功。

（1）根据正点电荷所受电场力方向与电场线切线方向相同，即水平向右，如图所示：

10-8C×1.0×104N/C=1.0×10-4N （2）根据电场力定义式：F=qE=1.0×

10-8×1.0×104×0.20=-2.0×10-5J （3）电荷从B到A的过程中，电场力做功为：W=qEd=-1.0×

点睛：本题主要考查了匀强电场中电场力和电场力做功的计算，根据相应的定义式即可解题，属于基础题。

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